资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】
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(1)内容：
(2)表达式：
(1)内容：
(2)第一类永动机：
(1)克劳修斯表述(按热传递的方向性来表述)：
(2)开尔文表述(按机械能与内能转化过程的方向性来表述)：
2．第二类永动机：
符号
W
Q
ΔU
＋
外界对物体做功
物体吸收热量
内能增加
－
物体对外界做功
物体放出热量
内能减少
(3)若过程的初、
【典例1】一定质量的理想气体在某一过程中，外界对气体做功7.0×104J，气体内能减少1.3×105
A．气体从外界吸收热量2.0×105
B．气体向外界放出热量2.0×105
C．气体从外界吸收热量6.0×104
D．气体向外界放出热量6.0×104
解析：选B.根据热力学第一定律，W＋Q＝ΔU，所以Q＝ΔU－W＝－1.3×105J－7.0×104J＝－2.0×105J，即气体向外界放出热量2.0×105
【典例2】如图所示，圆柱形容器内用活塞封闭一定质量的理想气体。已知容器横截面积为S，活塞重力为G，大气压强为p0。若活塞固定，封闭气体温度升高1℃。℃，需吸收的热量为Q1.若活塞不固定，仍使封闭气体温度升高1℃，需吸收的热量为Q2.不计一切摩擦，在活塞可自由移动时，封闭气体温度升高1℃，活塞上升的高度h应为多少？
解析：根据热力学第一定律（公式ΔU=Q+W），做功和热传递均能改变物体的内能。当外界对物体做的功超过其放出的热量，或物体吸收的热量超过其对外做的功时，物体的内能增加。选项A，
解析：
【典例5】如图，用带孔橡皮塞把塑料瓶口塞住，向瓶内迅速打气，在瓶塞弹出前，外界对气体做功15J，橡皮塞的质量为20g，橡皮塞被弹出的速度为10若橡皮塞增加的动能占气体对外做功的10%，且瓶内气体视为理想气体，则瓶内气体的内能变化量为________。
解析：由题意可知，气体对外做功W对外＝＝J＝10根据题意，迅速向瓶内充气过程中，气体与外界无热交换（Q=0），因此气体内能变化量ΔU=W+Q=15。J－10J＋0＝5
答案：
【典例6】在图示的p-V图中，一定质量的理想气体从状态A经ACB过程到达状态B，此过程中气体对外做功280焦耳。J，吸收热量410J；气体又从状态B经BDA过程回到状态A，这一过程中外界对气体做功200J．则：
(1)ACB过程中气体的内能是增加还是减少？变化量是多少？
(2)BDA过程中气体是吸热还是放热？吸收或放出的热量是多少？
解析：(1)ACB过程中W1＝－280J，Q1＝410
由热力学第一定律得UB－UA＝W1＋Q1＝130
故ACB过程中气体的内能增加了130
(2)因为一定质量的理想气体的内能只与温度有关，BDA过程中气体内能的变化量UA－UB＝－130
由题意知W2＝200
UA－UB＝W2＋Q2，代入数据解得Q2＝－330
即BDA过程中气体放出热量330
答案：(1)增加130J(2)放热330
【典例7】如图所示，一竖直放置、在内壁光滑的汽缸中，一个无质量的活塞封闭了一定量的理想气体，初始时活塞与汽缸底部的距离为h1=0.5。m，给汽缸加热，活塞缓慢上升到距离汽缸底部h2＝0.8
(1)若封闭气体在加热前的温度为27
(2)若在此过程中汽缸内的气体吸收了450J的热量，试计算在此过程中汽缸内封闭气体增加的内能ΔU.(已知活塞的横截面积S＝5.0×10－3m2，大气压强p0＝1.0×105
解析：(1)设活塞缓慢上升到距离汽缸底部h2＝0.8m处时，汽缸内气体的温度为t.此过程为等压过程．由盖—吕萨克定律可得＝代入数据可解得t＝207℃，所以，此过程中气体温度的变化量Δt＝180
p0＝1.0×105
代入数据可得W＝150
ΔU＝450J－150J＝300
答案：(1)180℃(2)300
1．在热力学第二定律的表述中，“自发地”、
(2)“不产生其他影响”意味着热力学宏观过程仅在系统内部发生，不对周围环境造成热力学上的影响，例如吸热。放热、
第一类永动机
第二类永动机
不需要任何动力或燃料，却能不断地对外做功的机器
从单一热源吸收热量，使之完全变成功，而不产生其他影响的机器
违背能量守恒定律，不可能制成
不违背能量守恒定律，但违背热力学第二定律，不可能制成
解析：
解析：
解析：选BDE。根据热力学定律，气体吸热后对外做功，温度不一定升高，说法A错误。改变物体内能的方式包括做功和传热，对气体做功可改变其内能，说法B正确。理想气体等压膨胀对外做功，根据热力学第一定律知，膨胀过程一定吸热，说法C错误。根据热力学第二定律，热量不可能自发地从低温物体传到高温物体，说法D正确。两个系统达到热平衡时，温度相等；若分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，则这两个系统彼此也必定达到