微专题6电磁感应中的单杆模型

1.CD[解析]导体棒刚进入磁场时,由乙图可得加速度大小为a1=30m/s2,由F1=Bi1L,i1=E1R,E1=BLv1,由牛顿第二定律F1=ma1,可得B2L2v1R=ma1,解得v1=3m/s,故A错误;导体棒刚要离开磁场时的加速度大小为a2=10m/s2,由B2L2v2R=ma2,可得v2=1m/s,克服安培力的功率为P2=B2L2v2Rv2=1W,故B错误;设导体棒在磁场中的运动时间为Δt,由动量定理可得-BILΔt=mv2-mv1,由E=BLv,I=ER,整理可得-B2L2vRΔt=mv2-mv1

2.BD[解析]单刀双掷开关接1